Soluciones a los Ejercicios

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Ana Isabel Sevilla Olivera
hace 7 años
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1 PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI 1 SAI Práctico/ Tema: 58 TEMA: INTERCONEXIÓN DE REDES: WAN Soluciones a los Ejercicios Ejercicio 1.- El centro tiene los cinco ciclos formativos, con 2 aulas por ciclo, más 12 aulas más 20 equipos. Si suponemos 15 equipos por aula, en total tenemos 350 equipos. Se pide un buen ancho de banda. Eso es difícil de cuantificar. a) En una zona rural, hay que ver las opciones rurales, que son: a. Satélite. 22Mbps. Sobre 30 /mes. b. Móvil. 3G o 4G (150 Mbps en pico), que tiene más ancho de banda. c. ADSL indirecto, si es posible. Tiene como máximo 3 Mbps. d. WiMax. Pico de 70 Mbps, en realidad entre 1 y 6. Seleccionaríamos el satélite, aún sabiendo que el ancho de banda se va a quedar corto para las necesidades del instituto b) Aquí las principales opciones a considerar son: a. ADSL. Entre 20 y 50 Mbps. b. Fibra. Entre 50 y 300 Mbps. c. Línea dedicada. 2Mbps. La que mejor relación calidad/precio proporciona es la fibra. Además sí podríamos contar con un buen ancho de banda. c) En este caso habría que considerar si hay alguna parte del edificio que se pueda retocar, para instalar una conexión de fibra óptica o ADSL. Si se pudiera, entonces se aplicaría la misma lógica que en el apartado anterior. Si no, habría que optar por tecnología inalámbrica. Ejercicio 2.- Una línea E-1 es capaz de transportar 30 fuentes DS0 de 64Kbps cada una. Las 7 fuentes que ofrecen 100 Kbps requerirían 2 time-slots cada una, mientras que los datos ofrecidos por las otras 13 fuentes caben en un time-slot. Recordar que cada timeslot da servicio para 64Kbps. Así, serían necesarios 7x2+13x1=27 time-slots del total de 30, con lo cual la línea E-1 sí sería suficiente (quedarían libres 3 time-slots). Ejercicio 3.- Calculamos el tiempo suponiendo un ancho de banda de 10 Mbps. Tiempo = ( x 8) / = 0,8 segundos. La tecnología de cable-modem está basada en la topología en bus (o bien árbol). El sable se distribuye en un área y los abonados tienen que compartir el ancho de banda disponible. Esto significa que si todos los vecinos tratan de transferir datos al mismo tiempo, el ancho de banda efectivo descenderá.

PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI 2 Ejercicio 4.- 1.- Arquitectura 2.

nivel de enlace correspondientes por lo que las torres de protocolos en el ATU-R y en el DSLAM tienen que tener

2 PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI 2 Ejercicio Arquitectura 2.- Torres de protocolos de cada tipo de equipos: Cada medio físico conectado a un equipo ha de tener su nivel físico y su nivel de enlace correspondientes por lo que las torres de protocolos en el ATU-R y en el DSLAM tienen que tener replicaciones de estos protocolos. 3.- Nivel físico a emplear en enlaces Ethernet. Siguiendo las características de los medios físicos, se puede construir la siguiente tabla:

3 PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI Calcular el retardo del mensaje entre los dos hosts suponiendo que la llamada entre los dos módems y el protocolo PPP ya se han establecido. La red telefónica es una red de conmutación de circuitos. El circuito establecido es un bit stream extremo a extremo de velocidad constante, que ocupará un slot dentro de la línea E3. Las PDUs en este caso son: PDU de aplicación: 100 octetos, incluye HDRapp ~ 0 octetos. PDU de UDP: PDU de IP: 108 octetos, incluye HDRudp = 8 octetos 128 octetos, incluye HDRip = 20 octetos PDU de PPP e inferiores: 128 octetos, con varias cabeceras de tamaño despreciable. El ACK será una PDU de aplicación que al llegar al nivel físico tendrá octetos. Asumiendo que el circuito está previamente establecido y lo mismo para el protocolo PPP, el retardo vendrá por tanto determinado por el tiempo de transmisión de los paquetes a la velocidad del bit stream y por los tiempos de propagación. Según se muestra en la figura. Ejercicio 5.- Cada trama STS-n lleva (9xn+86) bytes de bytes. SONET envía 8000 tramas por segundo. Así pues el rate de usuario es: STS *(9*3*86)*8 = Mbps Ejercicio 6.- Primero necesittamos mirar los bits EA. En cada byte, el bit EA es el último bit (el octavo bit desde la izquierda). Si EA es 0, la dirección acaba en el byte actual; si es 1, la dirección continúa en el siguiente byte. En la dirección dada, como el primer bit EA es 0, la dirección acaba en el byte actual, por lo cual la dirección sólo tiene dos bytes (no tiene extensión de dirección). DLCI está formada por 10 bits, los bits del 1 al 6 y del 9 al 10 (desde la izquierda). Dirección DLCI Ejercicio 7.-

PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI 4 a. Si el usuario se conecta a una red Frame Relay mediante una línea T-1, la velocidad de acceso es de 1,544 Mbps y ésta no puede sobrepasarse. b.

4 PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI 4 a. Si el usuario se conecta a una red Frame Relay mediante una línea T-1, la velocidad de acceso es de 1,544 Mbps y ésta no puede sobrepasarse. b. No, por lo mencionado en la repuesta anterior. c. El CIR (Commited Information Relay) Velocidad de información compromet ida define una velocidad media en bits por segundo. Si el usuario mantiene esta velocidad, la red se compromete a entregar todas las tramas. Sin embargo, debido a que es una velocidad media, el usuario puede enviar en algunos instantes datos a una velocidad mayor al CIR, y siempre que se cumpla la media para el periodo predefinido, todas las tramas serán entregadas. En este caso el usuario envía los datos a una velocidad igual al CIR, por lo que se garantiza que las tramas no serán descartadas. d. Be es el tamaño de ráfaga en exceso. Este valor es el número máximo de bits, que pueden exceder a Bc (tamaño de ráfaga comprometido), que un usuario puede enviar durante un periodo predefinido de tiempo. La red se compromete a transferir estos bits si no hay congestión. En este caso Be = 1 Mb durante 5 segundos, es decir, en media permite un exceso de 0,2 Mbps. Entonces el usuario puede enviar datos a 1,2 Mbps todo el tiempo, pero si hay congestión algunas tramas pueden ser descartadas. e. En este caso, se supera la velocidad calculada antes de 1,2 Mbps y directamente algunas tramas serán descartadas. f. Por lo indicado en el apartado C), este valor viene dado por el CIR que en este ejercicio es 1 Mbps. g. Por lo indicado en el apartdo D), este valor es el CIR (1 Mbps) más el valor promedio obtenido a partir del Be (1 Mb / 5 seg = 0,2 Mbps). Por tanto si el usuario transmite a un máximo 1,2 Mbps no se producen descartes en caso de no haber congestión. Ejercicio 8.- Ejercicio 9.- a. En AAL3/4, la capa CS necesita pasar unidades de datos de 44-bytes a la capa SAR. Esto significa que la longitud total del paquete en la capa CS debe ser múltiplo de 44. Podemos encontrar los valores más pequeños para el relleno como sigue: H + Data + Relleno + T = 0 mod ,787 + Relleno + 4 = 0 mod 44 Padding = 33 bytes

5 PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI 5 b. El número de unidades de datos en la capa SAR es ( ) / 44 = 1087 c. En AAL3/4, el número de celdas en la capa ATM es el número de unidades de datos en la capa SAR. Es decir, 1087 celdas. Ejercicio 10.- Ejercicio 11.- a) Conmutación de circuitos

6 PREPARADORES DE OPOSICIONES PARA LA ENSEÑANZA SAI 6 b) Conmutación de paquetes En este caso, es necesario transmitir 6667 paquetes de 1500 bytes cada uno. Debido al protocolo de parada y espera, hasta que no llega cada paquete de datos al otro extremo no se puede enviar un nuevo paquete de datos. Así, cada paquete sufre un retardo total de: paqs paq bytes bytes 6667 / c) La conmutación de circuitos requiere establecimiento y liberación del circuito. Además, debido a la reserva del circuito, otros equipos no pueden utilizar los recursos reservados por el circuito. Todo esto hace que la conmutación de circuitos sea menos eficiente por regla general que la de paquetes, sin embargo proporciona mayor calidad de servicio que la conmutación de paquetes debido a esa reserva a priori de los recursos. La conmutación de paquetes generalmente representa las características opuestas a la conmutación de circuitos. En este ejemplo concreto, la conmutación de circuitos proporciona mejores resultados, porque la de paquetes emplea mecanismo de parada y espera que lo hace muy ineficiente, unido al alto retardo de procesamiento de paquetes en los conmutadores intermedios.

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