ESTRUCTURA DE COMPUTADORES PROBLEMAS DEL TEMA 1

Transcripción

1 7.- Un memoria tiene 16 Mbytes de capacidad con palabras de 32 bits y trabaja con una memoria caché de 256 Kb dividida en 256 bloques agrupados en conjuntos de 2. a. Cuántos bits hay en cada uno de los campos de dirección de memoria? b. Si a partir de cierto momento la secuencia de direcciones solicitadas por la CPU es 0x050010, 0x00FE01, 0x108010, 0x000010, 0x00EF00, 0x10801A, 0x1F00F1, 0x0A080F, 0x0FFF25, 0x25EF4F, 0x0ABDE3, 0x0FFF43, 0x0A080F, 0x0080DE. Explicar razonadamente cuál será la evolución de los registros de etiqueta de los bloques de memoria caché afectados suponiendo que el algoritmo de reemplazo usado es el L.R.U.. Especificar la evolución de los contadores de uso de cada uno de estos bloques. Supóngase que inicialmente los bloques afectados de memoria caché están vacíos. Memoria cache 256 Kb 256 bloques de 1Kb. Memoria principal 16 Mb 16 K bloques de 1 Kb. Nº de conjuntos = 256/2 = 128 conjuntos de 2 bloques Si el tamaño de palabra es 32 bits las direcciones de memoria serán de 22 bits, o sea tengo una memoria de 4 Mpalabras de 32 bits por palabra El formato de dirección de memoria será: Etiqueta (7 bits) Conjunto (7 bits) Palabra (8 bits) Para las direcciones indicadas tendremos: Dirección Etiqueta Conjunto Palabra H 0AH 00H 10H 00FE01H 01H 7EH 01H H 21H 00H 10H H 00H 00H 10H 00EF00H 01H 6FH 00H 10801AH 21H 00H 1AH 1F00F1H 3EH 00H F1H 0A080FH 14H 08H 0FH 0FFF25H 1FH 7FH 25H 25EF4FH 4BH 6FH 4FH 0ABDE3H 15H 3DH E3H 0FFF43H 1FH 7FH 43H 0A080FH 14H 08H 0FH 0080DEH 01H 00H DEH Los conjuntos involucrados son: 00H, 08H, 3DH, 6FH, 7EH y 7FH La evolución del contenido de los bloques de la cache es la siguiente:

2 D 6F 7E 7F A E B F

3 8. Sea un ordenador con una memoria de 1 Mb de capacidad y longitud de palabra de 32 bits. Esta máquina tiene una memoria caché de 16 Kb dividida en bloques de 64 bytes. Supongamos que, a partir de un cierto momento, la secuencia de direcciones solicitadas por la CPU es : 0x01FCA, 0x05FCD, 0x0D7C0, 0xD5C7, 0x027C4, 0x04FCB, 0x155C4, 0x04FC0, 0x077C3, 0x047C0, 0x185C3. Las funciones de mapa que pueden usarse son: i. Correspondencia directa ii. Correspondencia asociativa iii. Correspondencia asociativa por conjuntos de 2 vias c. Cuántos bits tiene cada uno de los campos de dirección en cada caso? d. Comparar las funciones de mapa utilizando el algoritmo de reemplazo LRU Tamaño bloque 64 bytes ( 2 4 palabras de 32 bits) campo palabra de 4 bits Nº de bloques en caché : 2 8 bloques Nº de bloques en memoria principal : 2 14 bloques Entonces tendremos los siguientes formatos : Directa : Etiqueta 6 bits Bloque 8 bits Palabra 4 bits Asociativa : Etiqueta 14 bits Palabra 4 bits Asociativa por conjuntos de 2 bloques Etiqueta 7 bits Conjunto 7 bits Palabra 4 bits Vamos a ver la evolución de la caché al ejecutar el programa anterior en los tres supuestos: Directa: Bloques C 0D 0D 0D C 0D 0D FC Se producen 3 faltas frías y 7 faltas por conflicto. Asociativa: en este caso si partimos de la caché vacía se producen 10 faltas frías. Asociativa por conjuntos de 2 vias: Conjunto C 1ª 1ª 1ª 1ª 1ª 1ª 1ª 30 2ª 2ª 2ª 2ª 2ª 7C A 1A 1A B 0B 0B E 0E 0E En este caso tenemos 4 faltas frías y 6 faltas por conflicto.

4 9.- Se dispone de un computador con memoria principal de 16 Mpalabras y tiempo de acceso de 100 ns y una memoria caché con organización asociativa por conjuntos con las siguientes características: tiempo de acceso 40 ns, 512 conjuntos, 2 bloques por conjunto, 4 palabras por bloque, política de reemplazo FIFO, lectura siempre a través de la caché y postescritura con ubicación en escritura (escribe primero en la caché y cuando se desaloja el bloque escribe en memoria principal). En un instante determinado se empieza a ejecutar el siguiente fragmento de programa: ADD (R1),(R2) INC R2 ADD (R1),(R2) CALL RUTINA... RUTINA: PUSH R3 En ese instante inicial el contenido de los registros y direcciones implicadas es el siguiente: R1= 0x808, R2= 0x814, R3= 0x52, PC= 0x10, SP= 0x1810, RUTINA= 0x1008 En ese instante el contenido de la caché es el siguiente: Conjunto 2 Conjunto 3 Conjunto 4 Conjunto 5 Etiqueta bloque 1 (*) 8 0 (*) 1 1 Etiqueta bloque 2 0 2(*) 2 3 (*) Donde (*) indica el bloque mas antiguo del conjunto. Generar la traza de este fragmento de programa. Indicar el tiempo que tarda en ejecutarse el fragmento de programa considerado, si tenemos en cuenta que el tiempo que tarda en ejecutar las instrucciones aritméticas es de 10 ns y que todas las instrucciones ocupan una palabra de memoria. A partir de los datos iniciales tendremos: Bloque: 4 palabras = 2 2 ; luego el campo de palabra es de 2 bits Cache: 512 conjuntos = 2 9 ; luego el campo de conjunto será de 9 bits Memoria principal: 16Mpalabras 2 24 palabras 2 22 bloques 2 13 bloques/conjunto ; luego el campo de etiqueta tiene 13 bits Etiqueta 13 bits Conjunto 9 bits Palabra 2 bits Vamos a ver como evoluciona la memoria caché al ir ejecutando el programa: Dirección Etiqueta Conjunto Palabra Acción PC Leer instrucción Leer operando (r1) 011

5 Leer operando (r2) Escribir resultado (r1) Leer instrucción Leer instrucción Leer operando (r1) Leer operando (r2) Escribir resultado Leer instrucción F Guardar PC en pila Leer instrucción E Guardar R3 en pila Conjuntos Inic F E L L L E L L L L E L E L E Para la segunda pregunta tendremos: Instrucción Dirección Acción Tiempo Observaciones ADD Leer instrucción Leer operando (r1) Leer operando (r2) 40 Sumar Escribir resultado (r1) 40 INC Leer instrucción 40 Incrementar 10 ADD Leer instrucción Leer operando (r1) Leer operando (r2) 40 Sumar Escribir resultado 40 CALL 013 Leer instrucción F Guardar PC en pila 40 Fallo (+) PUSH Leer instrucción 40 Fallo E Guardar R3 en pila 40 Total 550 ns ns

6 (+) Suponemos que en 100 ns se reescribe el bloque descargado en la memoria principal, en otros 100 ns se carga el bloque de memoria principal en la cache. Y luego se vuelve a leer la palabra de nuevo.

7 10.- Sea un sistema dotado de memoria cache de código de 8Kpalabras con correspondencia asociativa por conjuntos de dos bloques y 512 bloques de capacidad. El tiempo de acceso a la memoria principal es de 1 μs y el de acceso a la cache de 100 ns. En este sistema se ejecuta un programa cuyo código se extiende desde la dirección 00400H hasta la 03500H. En este programa existen dos bucles anidados; el mas interno se ejecuta 10 veces y comprende desde la dirección 012FDH a la 014E0H; el bucle exterior se ejecuta 2 veces y sus instrucciones se encuentran entre las direcciones 00F00H y 030F0H. Dentro del bucle mas interno se accede a 5 variables dos veces y al principio se accede a estas variables una sola vez. Suponiendo que el código es lineal: Cuánto tiempo se empleará en la ejecución del programa si no está instalada la memoria cache? Calcular el índice de aciertos para este programa cuando se instala una memoria cache con el algoritmo FIFO Cuánto tiempo se empleará en leer las instrucciones del programa con la cache instalada? Tenemos 256 conjuntos y bloques de 16 palabras, como las direcciones de memoria principal son de 20 bits, las direcciones de memoria tienen el siguiente formato: Etiqueta (8 bits) Conjunto (8 bits) Palabra (4 bits) La estructura del programa es la siguiente: Inicio: Bucle: Bucle1: Fin Bucle1 Fin Bucle Fin 00400H EFFH 00F00H FCH 012FDH --(10 veces) E0H 014E1H ---(2 veces)-- 030F0H 030F1H H El número de instrucciones a ejecutar es: Parte A: Parte B Parte C Parte D Parte E De 00400H a 00EFFH tenemos : 11x 256 = 2816 instrucciones De 00F00H a 012FCH tenemos : 3FCH = 1020 instrucciones De 012FDH a 014E0H tenemos : 1E3H = 483 instrucciones De 014E1H a 030F0 tenemos : 1C0FH = 7183 instrucciones De 030F1H a 03500H tenemos : 40FH = 1039 instrucciones

8 En total tendremos: x( x ) = instrucciones Además tenemos accesos a la memoria para leer las variables, el total de accesos por datos es : x5x2 = 105 accesos a memoria. El nº total de accesos a memoria principal es de por tanto el tiempo total es µseg. Para el segundo punto vamos a comprobar la evolución de la memoria caché al ejecutar el programa: Conjunto Parte A Parte B Parte C Parte D Parte B2 Parte C2 Parte D2 Parte E F F F E 4F EF F FF Fallos Al comenzar a ejecutar el programa se producen fallos por inicialización hasta llenar la caché (512 fallos). En ese momento se ha ejecutado hasta la instrucción 023FF, a partir de

9 ahí se producen fallos por conflicto que pondremos en las columnas sucesivas. Al final del bucle externo tendremos en la caché la situación indicada en la segunda columna. El nº total de fallos es de 949 Nº de referencias = Indice de aciertos = ( )/29921 = 0,97 En cuanto a la tercera pregunta el tiempo requerido será: 896 * 1 μs * 100ns = 3888,1 μs

10 11.- Un computador tiene una memoria principal de 64Kpalabras de 16 bits. También tiene una memoria caché totalmente asociativa de 2Kpalabras y 256 palabras por bloque. Suponemos que la caché está inicialmente vacía y que el algoritmo de reemplazo es MRU (Most Recently Used, más recientemente usado). Suponemos que la CPU ejecuta un bucle 5 veces, en el que accede a 2301 palabras, desde la dirección 0 a la Si la caché es 7 veces más rápida que la memoria principal, se pide: a) Formato de direcciones de memoria. b) Calcular el tiempo que se tarda en realizar estos accesos a memoria principal si el computador no tuviera memoria caché. c) Evolución de la memoria caché al ejecutar los bucles. d) Calcular cuántos fallos de caché se producen y sus causas e) Si cada vez que se produce un fallo primero se mueve el bloque completo de memoria principal a memoria caché y luego se lee el dato de la caché, calcular el tiempo que tarda la CPU en realizar estos accesos a memoria. Problemas de estructura y tecnología de computadores. S. Dormido y otros prob a) Las direcciones son de 16 bits al tener 64 Kpalabras. El campo de palabra es de 8 bits porque cada bloque tiene 256 palabras. La memoria principal tiene 256 bloques, por tanto el campo de etiqueta es de 8 bits. Etiqueta (8 bits) Palabra (8 bits) b) Si el tiempo de acceso a caché t c, a memoria principal será de 7 t c. Por lo que el tiempo total será : 2301x7 t c x5 c) Vamos a construir una tabla auxiliar para ver los bloques que intervienen en el bucle. Direcciones en decimal Direccional en hexadecimal Etiqueta de bloque FF FF FF FF FF FF FF FF FF 08 La caché tiene 8 bloques (2Kpalabras/256 palabras/bloque). Su evolución es la siguiente: Bloque caché Bucle 1 Bucle 2 Bucle 3 Bucle 4 Bucle ¾ / / / /

11 En el bucle 1 al llegar el bloque 8 desaloja al último que se ha usado que es el 7. En los demás bucles el problema es similar. d) Según la tabla anterior se producen 8 fallos en frío y 5 fallos por capacidad. e) En cada acceso fallido se tiene que cargar la caché con el bloque en cuestión y luego se vuelve a acceder a la caché para leer la palabra. Tendremos pues dos componentes en el tiempo total: Tiempo de lectura de las 2301x5 palabras en caché = 2301x5xt c Tiempo de carga de los bloques en cache = 13x256x7t c Tiempo total = (2301x5 + 13x256)xt c

12 12.- Un computador tiene una memoria principal de 32Kpalabras de 16 bits. Tiene también una cache de 4K palabras dividida en conjuntos de 4 bloques con 64 palabras por bloque. Suponemos que la cache está inicialmente vacía. El procesador lee palabras de las posiciones 0, 1, 2,, 4351 en este orden. Entonces repite esta secuencia de lectura 9 veces mas. La cache es 10 veces mas rápida que la memoria principal. Estime la mejora resultante por el uso de la memoria cache, suponiendo una política LRU de reemplazo de bloques. Problemas de estructura y tecnología de computadores. S. Dormido y otros prob. 2-8 El tamaño del bloque es de 64 palabras = 2 6 ; luego el campo de palabra es de 6 bits. La caché tiene 4K palabras = 2 12 ; luego tiene 64 bloques y 16 conjuntos; por tanto el campo de conjunto tiene 4 bits. La memoria principal tiene 32K palabras = 2 15 ; luego tiene 512 bloques y 32 bloques por conjunto ; por tanto el campo de etiqueta es de 5 bits. El formato de direcciones será pues: Etiqueta (5 bits) Conjunto (4 bits) Palabra (6 bits) Si no tenemos instalada la memoria caché, llamando 10T al tiempo de acceso a memoria principal, tendremos que el tiempo que tarda en ejecutarse el programa es: T MP = 4352 x 10 x 10T = T Si tenemos memoria caché el tiempo total será el que corresponde a la lectura en memoria caché (suponemos que siempre lee de la caché), mas el tiempo de gestión de fallos. En este sentido podemos suponer que el tiempo de escritura del bloque en la caché se superpone con el de lectura en memoria principal y que el tiempo de búsqueda de etiquetas en la caché es despreciable al tratarse de memoria asociativa. Conjunto 0 Conjunto 1 Conjunto 2 Conjunto 3 B1 B2 B3 B4 etc 0 64/48 / /0/ / /32 1/65 65/ /1/ / /33 2/66 66/ /2/ / /34 3/67 67/ /3/ / /35 Conjunto 4 4

13 Conjunto Las 4352 primeras palabras corresponden a 68 bloques de la caché. Como la caché sólo tiene 64 bloques se llenarán todos ellos y además tendremos que efectuar las lecturas correspondientes a los bloques 64, 65, 66, 67. que reemplazarán a los bloques 0,1,2 y 3 de los conjuntos 0,1,2,3. Suponemos que el tiempo necesario para traer un bloque desde la memoria principal a la caché es la suma del tiempo empleado en traer cada una de las palabras del bloque. El tiempo empleado en este primer bucle será la suma del tiempo que se tarda en traer todos los bloques a la caché, mas el tiempo de lectura de cada palabra en la caché, menos el tiempo de las 68 primeras palabras de cada bloque cuya lectura se superpone con la escritura del bloque en la caché. Tendremos pues: T 1 = 4352 palabras x 10T/palabra palabras x 1T/palabra - 68 palabras x 1T/palabra = T Para los demás bucles como se producen 5 fallos de bloque en 4 conjunto tendremos: T 2 = 5x4x64 palabras x 10T/palabra x 1T/palabra 20 palabrasx 1T/palabra = T Por tanto en total T = T + 9x 17132T = T Luego la mejora total obtenida es ( ) / = casi un 54%

14 13.- Un computador tiene una memoria principal de 64Kpalabras de 16 bits y una caché de 8K palabras con correspondencia asociativa por conjuntos de 4 líneas de 16 palabras cada una. La CPU ejecuta un programa que comienza en la dirección 4352 y termina en la dirección repitiendo la secuencia del programa 5 veces mas. Teniendo en cuenta que el algoritmo de reemplazo es el FIFO y que la memoria principal tiene un tiempo de acceso de 200 ns y la caché de 40 ns y además está vacía inicialmente. Se pide: a) Calcular el nº de bits que utiliza cada campo del registro de direcciones de la memoria principal. b) Calcular el nº de palabras que tiene el programa c) Calcular la cantidad de bloques que tiene el programa y los números de bloque que le corresponden en la memoria principal. d) Calcular la dirección de inicio y la dirección final de los primeros y los dos últimos bloques del programa, tal y como se encuentra ubicado en memoria principal. e) Calcular la correspondencia entre cada bloque de la memoria principal y el conjunto de la caché. f) Calcular el tiempo que tarda en ejecutarse el programa si no hubiera memoria caché. g) Calcular el tiempo que tarda en ejecutarse el programa con memoria caché. h) Calcular el % de mejora que supone la utilización de memoria caché. Nota: La primera palabra de cada bloque se transmite directamente a la CPU a la vez que se transmite el bloque entero a la memoria caché. Estructura de computadores A. Soriano y otros pag. 168 a) Tenemos 16 palabras por bloque luego el campo de palabra es de 4 bits. El nº de bloques de la caché es de 2 13 /16 = 2 9 = 512. Luego el nº de conjunto es de 128 y por tanto el campo de conjunto es de 7 bits. Por último, el nº de bloques de memoria principal es 2 16 /16 = 2 12 y a cada conjunto le corresponden 32 bloques por lo que el campo de etiqueta es de 5 bits. Etiqueta (5 bits) Conjunto (7 bits) Palabra (4 bits) b) Comienza en la 4352 y termina en la por tanto son 8240 palabras c) La dirección inicial es 4352 que es la palabra 0 del bloque 272 (dividiendo 4352 entre 16 se obtiene de cociente 272 y de resto 0). La dirección final es que es la palabra 15 del bloque 786. En total tiene 515 bloques. d) Las direcciones pedidas son: inicio 272 = nº bloque X 16 = 272 x16 = 4352 final 272 = nº bloque x = 272x16+15 = 4367 inicio 273 = 4368 final 273 = 4383 inicio 785 = final 785 = inicio 786 = final 786 = 12591

15 e) La correspondencia es asociativa por conjuntos luego a cada bloque de memoria principal se le asocia un bloque del conjunto que se obtiene calculando el resto de la división entera del nº de bloque de memoria principal y 128. f) En ausencia de caché el tiempo será = 8240x6x200 = ns = ms g) Tenemos que calcular los fallos de bloque al ejecutar el programa. En el primer bucle se rellena la caché como se indica en la primera columna de la tabla siguiente: Conjunto Bucle1 Bucle 2 Bucle 3 Bucle 4 Bucle 5 Bucle / / /272/ / / / / /273/ / / / / /274/ / / donde vemos que se comienza a llenar por el bloque 272 en el conjunto 16 y llena la cache totalmente y produce 3 fallos por conflicto en los bloques 784,785 y 786.

16 En el bucle 2 y los siguientes tenemos 5 fallos de bloque en 3 conjuntos. Por lo tanto los tiempos empleados serán : T 1 = T fallos + T aciertos = 8240 x 200 ns + (8240 x 40 ns 515x40 ns) = 1,957 ms T 2 = T fallos + T aciertos = 5 x 3 x 16 x 200 ns + (8240 x 40 ns -5 x 3 x 40 ns) = 377μs Luego en total T = T 1 + 5xT 2 = ms h) Luego el porcentaje de mejora es ( )/9.888 = o sea el 61,1%