3.3 Balance de materia en procesos reactivos

Transcripción

1 1 Un conjunto de evaporadores opera en forma secuencial con el objeto de eliminar la humedad de una mezcla de sólidos en suspensión. alcular las corrientes, 5 y 7 (y sus composiciones) a fin de determinar la corriente de salida 9 y su composición, según se muestra en la figura.8. Respuesta: orriente 9: 0 kg/min; 5,00% sólidos, 95% agua.. alance de materia en procesos reactivos uando se lleva a cabo una reacción quimica en determinado proceso, los procedimientos aplicados de balance de materia se complican. Además de los balances por componentes y global que se siguen formulando para las unidades en las que no ocurren transformaciones químicas, hay que tomar en cuenta la información concerniente a la reacción química dada que se lleva a cabo en un reactor (i.e. la estequiometría, el reactivo limitante, la conversión de un reactivo). Se sigue considerando sistemas en estado estacionario o muy cercanos a sus condiciones de operación de estado estacionario. La ecuación de balance de materia que se aplica para el reactor es la ecuación (.): Entrada + Generación = Salida + onsumo. En el capítulo se estudió la estequiometría de las reacciones químicas, así como la manera de efectuar cálculos de sustancias en reacciones con reactivo limitante y rendimiento porcentual. Esta información es nuevamente relevante para los casos que se analizan en esta parte. Además, es preciso definir nuevos conceptos de gran utilidad al momento de resolver balances de materia en procesos reactivos. Para ello, considere el ejemplo del diagrama de flujo de la figura (.10). F = 75 mol A/min E = 100 mol A/min 5 mol A/min Reactor 75 mol /min Separador P = 75 mol /min R = 5 mol A/min Figura.10: Diagrama de flujo de un proceso reactivo con recirculación En este proceso se pueden identificar tres unidades: el punto de mezcla o unión de flujos, el reactor y el separador. La reacción química que se lleva a cabo en el reactor es: A. La conversión total del sistema se define como:

2 1 moles de reactivo que entran al sistema - moles de reactivo que salen del sistema 100%. (.0) moles de reactivo que entran al sistema Es decir: 75 mol A/min 0 mol A/min % onversión total 100% 100%. 75 mola/min La conversión en una sola pasada (o en un paso) del proceso se define como: moles de reactivo que entran al reactor - moles de reactivo que salen del reactor moles de reactivo que entran al reactor En este ejemplo, sería: 100%. (.1) 100 mol A/min 5 mol A/min % onversión en un paso 100% 75%. 100 mola/min Si la alimentación fresca (F) contiene más de una sustancia, la conversión debe ser epresada en base a un solo componente, que por lo general es el reactivo limitante, el reactivo más costoso o un algún compuesto similar. Es importante remarcar la diferencia entre la alimentación al sistema global, F, también conocida como alimentación fresca o nueva, y la alimentación al reactor, E. La alimentación al reactor, en el caso de sistemas con recirculación o reflujo como el mostrado en la figura (.10), está compuesta de dos corrientes, F y R. Si no hay recirculación, como en el sistema mostrado por la figura (.11), la alimentación nueva será la misma alimentación del reactor. 100 mol A/min 5 mol A/min Reactor 75 mol /min Separador 75 mol /min 5 mol A/min Figura.11: Diagrama de flujo de un proceso reactivo sin recirculación Véanse algunos ejemplos que permiten ilustrar el procedimiento a seguir para la solución de este tipo de problemas de balance de materia, tanto para procesos de una unidad (solamente un reactor) como de múltiples unidades. Ejemplo.7: Se queman completamente 0,0 kgmol de metano en un horno con un 100% de aire en eceso, tal y como se muestra en la figura.1. Determinar la composición de los humos a la salida de la chimenea. onsidérese que ocurre una reacción de combustión completa.

3 1 A H Horno? Entrada de aire 79,0% N 1,0% O Figura.1: Diagrama de flujo de un proceso horno de combustión (Ej..7) Solución: En este horno ocurre una reacción de combustión completa del metano con aire en eceso. Esto quiere decir que la reacción que se produce se describe a través de la ecuación (.). H (g) + O (g) O (g) + H O (l) (.) Las corrientes de entrada son gas metano (corriente A) y aire (corriente ) que proporciona el oígeno necesario para llevar a cabo la reacción de combustión más gas nitrógeno que no reacciona en este caso. La composición promedio del aire es la composición dada (79,0% de nitrógeno y 1,0% de oígeno) aunque la misma puede variar según las características de cada lugar. Por estequiometría se tiene que: kgmol O O requerido 0,0 kgmol H 80,0 kgmol. 1kgmol H Se utiliza 100% de aire en eceso, por lo tanto este aire contendrá 100% de oígeno en eceso: 100% eceso en eceso O requerido 1 80,0 () 160 kgmol. 100 O N O en eceso Aire en eceso 76 kgmol. 0,10 en entrada de aire 76(0,790) 60 kgmol. El reactivo limitante es el metano, pues el aire está presente en eceso en la reacción. Por lo tanto, es a partir del gas metano que se calculan los balances de materia. La corriente de salida estará compuesta por los dos productos de la reacción, O (g) y H O (l), y además por las cantidades de reactivos que no reaccionan o que sobran: O (g) y N (g).

4 15 Hay cuatro incógnitas (,,O,, HO,,O ). La fracción,n se puede calcular a partir de la epresión (.61). Se pueden plantear cuatro balances de masa independientes, por lo tanto hay cero grados de libertad. La ecuación de balance a utilizar es: Salida = Entrada - onsumo + Generación. 1kgmol O en O :, O 0 0 0,0 kgmol H 0,0 kgmol O. 1kgmol H kgmol HO en H O:, H O 0 0 0,0 kgmol H 80,0 kgmol HO. 1kgmol H kgmol O en O :, O 160 kgmol 0,0 kgmol H 0 80,0 kgmol O. 1kgmol H en N :, N 60 kgmol kgmol N. Los moles totales en la corriente son: 0,0 80,0 80,0 60 [kgmol] 80 kgmol. La composición de la corriente es: Se verifica que: N 0,0 80, O 80,0 80, HO 80,0 80, O 60 80, N 0,099 0,0998 0,0998 0,751., O,H O,O, 1,00 0,099 0,0998 0,0998 0,751 1,00. Por otra parte, para chequear que se cumple la Ley de conservación de la masa: cantidad de masa que entra = cantidad de masa que sale, se procede a realizar los siguientes cálculos: G: 0,0(16,0) 160(1,998) 60(8,01) 0,0(,009) ,0(18,015) 80,0(1,998) 60(8,01) [kgmol(kg kgmol 65,8 kg 65,8 kg. También se puede chequear por especie atómica, de la siguiente manera: G en carbono: 0,0 1 (1,011) 0,01 (1,011) [kgmol(kg kgmol 80, kg 80, kg ) kg] ) kg]

5 16 G en hidrógeno: 0,0 (1,0079) 80,0 (1,0079) [kgmol(kg kgmol 161,6 kg 161,6 kg. G en oígeno: 160 (15,999) 0,0 (15,999) ) kg]...80,0 1 (15,999) 80,0 (15,999) 5119,68 kg 5119,68 kg. [kgmol(kg kgmol -1 ) kg] G en nitrógeno: 60 (1,007) 60 (1,007) [kgmol(kg kgmol -1 ) kg] 1686, kg 1686, kg. Este chequeo es evidente en problemas de balance de materia para procesos no reactivos, pero en procesos en los que ocurren reacciones químicas no resulta tan evidente. Los cálculos previos se muestran solamente en este ejemplo para indicar al lector la importancia y la manera en que deben ser hechos para cada problema, aunque en los restantes ejemplos se omitirán los mismos. Ejemplo.8: Se está analizando el funcionamiento de la unidad de craqueo de etano de la figura (.1). Este proceso de refinación es muy común en la industria de hidrocarburos, consiste en quebrar las moléculas mayores y más complejas para transformarlas en otras más simples y livianas (e.g. a partir de petróleos pesados, se pueden obtener productos de mayor valor, como GLP y nafta). La unidad procesa diariamente 150 toneladas de hidrocarburo (etano, H 6 ) para obtener etileno e hidrógeno, según la ecuación química (.). La conversión en un paso es del 5,0% y se desea lograr una conversión total del 95,0%. Determinar el reciclo necesario para lograr este objetivo así como la producción diaria de etileno, H. H 6 H + H (.) Solución: Hay dos maneras de plantear y resolver este problema. La primera es plantear las ecuaciones de balance de materia en cada unidad considerando conocida la corriente de alimentación fresca F tal y como está dado en el problema. Esto trae algunas dificultades pues la alimentación al reactor E no sería conocida, por lo que habría que plantear un conjunto de varias ecuaciones donde aparecen varias incógnitas, y luego habría que sustituir unas en otras hasta obtener la solución.

6 17 H D H F 150 ton H 6 E Reactor S H 6 H H N H 6 H Deshidrogenador olumna de destilación R H 6 H 6 Figura.1: Diagrama de flujo de una unidad de craqueo (Ej..8) La segunda manera de abordar el problema es suponer un flujo de alimentación al reactor E, calcular en base a la conversión del proceso las cantidades obtenidas de productos, las cantidades consumidas de reactivos y determinar las corrientes faltantes, entre estas la corriente F. Luego, se hace un escalamiento de magnitud a fin de ajustar los flujos de material cuando la alimentación fresca F es de 150 toneladas diarias. Es preciso mencionar que los fraccionamientos de las corrientes no se ven modificados al hacer escalamientos de magnitud. Por lo tanto, las composiciones de cada corriente del sistema se mantendrán iguales sin importar la base de cálculo que se suponga en cualquiera de los flujos del sistema. Este problema será resuelto aquí de la segunda manera. Para ello, se supone que la corriente de alimentación al reactor E es de 100 kgmol de H 6. La base de tiempo utilizada para realizar los cálculos es de un día. Para efectuar el análisis en el reactor se debe tomar en cuenta que la conversión en un paso es de 5%. Además, la ecuación de balance a utilizar es: Salida = Entrada - onsumo + Generación. 5,0 1kgmol H en H : S S, H kgmol H6 5,0 kgmol H kgmol H 1kgmol H en H : S S, H 0 0 5,0 kgmol H 5,0 kgmol H. 1kgmol H 5,0 en H 6 : S S, H kgmol H6 0 65,0 kgmol H En el deshidrogenador (en el que no ocurre ninguna reacción) se aplica la ecuación de balance: Salida = Entrada. Por lo tanto, se tiene que: 5,0 kgmol H (100% hidrógeno) 6

7 18 N N N H, N, H 6 Los moles totales en la corriente N son: 5,0 kgmol H 65,0 kgmol H6. N 5,0 65,0 100 kgmol. En la columna de destilación (asumiendo que no ocurre ninguna reacción) también se aplica la ecuación de balance: Salida = Entrada. Por lo tanto, se tiene que: en H : N N H D D, H D 5,0 kgmol (100% H)., en H 6 : N N H, H R R, H R 65,0 kgmol (100% H6). (.), En el punto de unión de corrientes, se obtiene la relación: F R E 100 kgmol (100% H6). (.) Se desea que la conversión total del proceso de craqueo sea del 95%. Es decir: F H6 H6 F H6 0,950 F 0,0 (corrientes 100% H6). (.5) Sustituyendo la epresión (.5) en (.), y resolviendo simultáneamente con la ecuación (.), se obtiene que: 1,8 kgmol, F 6,8 kgmol, R 6, kgmol. Ahora bien, solo falta escalar en magnitud los valores obtenidos de las corrientes R y D (corriente de reciclo y de etileno, respectivamente) en base al valor obtenido y valor real de la corriente F: 1000 kg 1kgmol H6? moles reales alimentados de F = 150 ton 1,5710 kgmol. 1ton 0,069 kg H valor real de F 1,5710 kgmol H6 1,110. valor obtenido de F 6,8 kgmol H6 Los valores pedidos para las corrientes D y R son: D 1,110 (5,0 kgmol) 9,610 kgmol R 1,110 (6, kgmol) 71, 10 kgmol. 6

8 19 Ejemplo.9: En un reactor que opera a elevada presión, se lleva a cabo la síntesis de metanol basada en la reacción (.6). La figura (.1) muestra un diagrama simplificado de este proceso. O + H H OH + H O, (.6) El H y el O se hacen reaccionar en proporciones estequiométricas eactas. La alimentación fresca de reactivos proviene de un proceso de reformado de gas natural y contiene 0,500 % molar de inertes. En el reactor se obtiene una conversión del 60,0 % molar. La concentración de inertes que entra en el reactor debe de mantenerse por debajo del,00 % molar. El proceso se realiza en estado estacionario y se puede admitir que todas las corrientes se comportan como gases ideales. (a) uántos moles se deben recircular por cada mol de alimentación que entra al reactor? (b) uántos moles se deben purgar por cada mol de alimentación fresca? M H OH F O H I 0,5%mol Reactor R? O H I Separador D S P? O H I Figura.1: Diagrama de flujo para un proceso de síntesis de metanol (Ej..9) H O Solución: En este ejemplo se tiene un sistema con recirculación de reactivos y con una purga. La recirculación permite elevar el rendimiento del proceso mediante la reutilización de los reactivos presentes en la corriente de productos. La purga tiene una función bien particular en procesos donde hay presencia de sustancias inertes. La alimentación fresca viene compuesta por reactivos pero también por impurezas que tienden a acumularse en el flujo de recirculación. Si no es posible separar las impurezas de la corriente de reactivos a ser reciclada, habrá que purgar una parte de la corriente de recirculación a fin de mantener un nivel tolerable de la concentración de impurezas en la alimentación del reactor. Este es el caso que se estudia en este ejemplo. Para comenzar a resolver el problema, se puede fijar la alimentación del reactor. En esta unidad hay cero grados de libertad (cinco ecuaciones con cinco incógnitas, el lector puede decir cuáles son?). Tomando como base 1,00 mol de O en la corriente, lo que

9 10 implica,00 moles de H en por estequiometría de la ecuación química, se puede plantear la ecuación (.8) a fin de determinar la composición en inertes de la corriente manteniendo la concentración de estas sustancias a lo máimo igual al,00 % del flujo de alimentación (ec..7):, I 0, 000 (.7) onsidérese para el análisis siguiente el caso más desfavorable:, I 0, 000. Entonces, la relación en sustancias inertes viene dada por: 0,000 0,000(,I,O ), H, I 0,000,I 0,000(1,00 mol O,00 mol H) 0,000, I, I 0,980 I 0,0800 [mol], I, Ahora se puede calcular la corriente : 0,0816 mol. 0,0816 1,00,00 [mol], I,O, H,08 mol. 0,0800 Recuérdese que la conversión del O en el reactor es del 60 % molar. Los componentes de la corriente que sale del reactor se determinan como sigue: Salida = Entrada - onsumo + Generación. en H OH: 60,0 1mol HOH 0 0 1,00 mol O 0,600 mol HOH mol O, HOH 60,0 1mol HO en H O:, H O 0 0 1,00 mol O 0,600 mol HO mol O 60,0 en O :, O 1,00 1,00 mol O 0 0,00 mol O ,0 mol H en H :, H,00 1,00 mol O 0 1,0 mol H mol O en I: 0, ,0816 mol I., I Los moles totales en la corriente son:, I,O,H,HO,HOH 0,0816 0,00 1,0 0,600 0,600 [mol],88 mol. Haciendo el balance de materia en el separador, se obtiene que: M, H OH 0,600 mol HOH S, H O 0,600 mol H O

10 11 D Además: D O,H,I 0,00 1,0 0,0816 [mol] 1,68 mol., D 0,00 mol D, 0,00 1,68, O,O O D D 1,0 mol D, 1,0 1,68, H,H H 0,8, 0,71, 0,0816 D D, I,I 0,0816 mol D, I 0,085. 1,68 Las composiciones de las corrientes D, R y P son las mismas, aunque los valores de las corrientes no sean iguales. on esta información, haciendo balances de materia en el punto de unión de la alimentación fresca y recirculación, se puede determinar que: G: F R,08 mol. en I: F R F(0,00500) R(0,085) 0,0816. F, I R,I,I Resolviendo estas dos ecuaciones se obtiene que: R 1,1mol F,67 mol. Parte (a). Los moles que se recirculan, R, por mol alimentado al reactor,, son: 1,1mol R /,08 mol 0,5 mol R /1mol. Parte (b). Hay que calcular la corriente de purga: D R P P D R 1,68 1,1 [mol] 0,7 mol. Los moles que se purgan, P, por mol de alimentación fresca, F, son: 0,7 mol P /,67 mol F 0,10 mol P /1mol F.. Ejercicios propuestos alance de materia en procesos no reactivos 1. A una columna de destilación llega una corriente compuesta de tres componentes, A, y. El flujo másico de entrada F es de 1500 moles/h. Las fracciones másicas de A y son 0,00 y 0,00, respectivamente. Las corrientes de tope y fondo tienen fracciones de los tres componentes. En el tope, hay 60,0%mol en A y 0,0%mol en, mientras que por la corriente de fondo se sabe que hay 10,0%mol en A.